новая папка 1 / 238876
.pdf(a, +∞)={x :x > a}, (-∞,a) = {x :x < a}, (-∞,+∞)={x :x R}.
Интервал (а – а ), где , называют - окрестностью точки а и обозначают (а).
1.6. Точные грани числовых множеств
Множество X действительных чисел () называется ограниченным сверху, если существует число c такое, что все элементы множества X не превосходят c, т.е.
Множество называется ограниченным снизу, если существует число d такое, что все элементы множества X не меньше d, т.е.
Множествоназывается ограниченным, если оно ограничено как сверху, так и снизу, т.е.
Последнее условие равносильно условию
Если множество ограничено сверху, то наименьшее из чисел, огра-
ничивающее его сверху, называют его точной верхней гранью или супре-
мумом (supremum).
Число a является точной верхней гранью множества , если выполняются следующие условия:
1) а;
2) |
a – . |
Точная верхняя грань множества обозначается sup X.
Если множество ограничено снизу, то наибольшее из чисел, ограничивающее его снизу, называют его точной нижней гранью или инфинумом (infinum).
Число b является точной нижней гранью множества , если выполняются следующие условия:
1) b;
2) |
b + . |
Точная нижняя грань множества обозначается inf X.
Всякое ограниченное сверху (снизу) непустое множество действительных чисел имеет точную верхнюю (нижнюю) грань.
11
Если множество не ограничено сверху (снизу sup X = +∞), то пишут (соответственно inf X = - ∞).
1.7. Абсолютная величина вещественного числа
Абсолютной величиной (или модулем) числа х называется само число х,
если x ≥ 0, или число - х, если х < 0. Абсолютная величина числа х обозна-
чается символом | х |. Например, |+ 5| = 5; |- 5| = - (- 5) = 5; | 0 |= 0.
Основные свойства абсолютных величин: 1) | x | ≥ 0; 2) | x | = |- x |; 3) - | x | ≤ x ≤ | x |;
4)Неравенство | x | ≤ ( > 0) означает, что - ≤ x ≤ ;
5)Неравенство | x | ≥ α (α > 0) означает, что либо х ≥ α, либо х ≤ -α;
6)| x ± y | ≤ | x | + | y |; 7) | x ± y | ≥ | x | - | y |; 8) | x y | = | x | | y |;
x| x |
9)| y | = | y | ( y ≠ 0 ).
Примеры с решениями
Пример 1. Доказать, что множество X= {1, }
ограничено. Установить, какие числа являются его гранями. Найти точные верхнюю и нижнюю грани этого множества.
Решение. При любом натуральном n выполняются неравенства 0< , поэтому множество X ограничено.
Докажем, что число 1 является точной верхней гранью множества X, т.е. что sup X =1. Для этого, согласно свойству точной верхней грани, надо показать, что для любого существует n такое, что выполняется нера-
венство .
Очевидно, что при n=1 выполняется , а это и доказывает ут-
верждение - sup X =1.
Докажем теперь, что число 0 является точной нижней гранью множества X. Для этого надо проверить, что для любого существует n такое, что выполняется неравенство
. |
(1) |
12
Действительно, решая неравенство (1), получаем. Взяв какое-
нибудь натуральное число , получим требуемое n, а это, согласно
определению точной нижней грани, и означает, что inf X =0.
Отметим, что данному множеству X точная верхняя грань 1 принадлежит и является его наибольшим числом, а точная нижняя грань 0 не принадлежит множеству X, и в этом множестве нет наименьшего числа.
Пример 2. Найти решения уравнений: 1). | x | = х + 2; 2). | x |= х - 2; 3).
х + 2| x | = 3.
Решение. 1). При х ≥ 0 х = х + 2, откуда вытекает, что 0 = 2, т.е. рассмотренное уравнение не имеет решений.
При х < 0 получаем, что - х = х + 2, откуда следует, что х = -1 является единственным решением нашего уравнения.
2). При х ≥ 0 имеем х = х – 2 (т.е. 0 = - 2) и, следовательно, уравнение не имеет решений.
Если же х < 0 получаем, что – х = х - 2, откуда вытекает, что х = 1 > 0, что противоречит сделанному предположению (х < 0).
Таким образом, уравнение 2) не имеет решений. 3). При х ≥ 0 имеем х + 2х = 3, откуда х1 = 1. При х < 0 получаем х – 2х = 3, откуда х2 = - 3.
Следовательно, х1 = 1 и х2 = - 3 есть решения уравнения. Пример 3. Решить уравнение | х - 5| = х - 5.
Решение. По определению, | х | = х при х ≥ 0. Следовательно, данное уравнение представится в виде х – 5 ≥ 0, откуда х ≥ 5.
Пример 4. Решить неравенство | 2 х – 1 | > 2 х - 1.
Решение. Так как | х |> х только при х < 0, то неравенство справедливо
1
для тех х, при которых 2 х – 1 < 0, откуда х < 2 .
Пример 5. Решить неравенство | х – 3 | ≥ 2.
Решение. В силу основных свойств модуля числа, х – 3 ≥ 2 или х –3 ≤ - 2, откуда получаем ответ: либо х ≥ 5, либо х ≤ 1, т.е. множество всех решений рассматриваемого неравенства есть
Задачи для самостоятельного решения
Задача 1. Найти sup X и inf X ,если
|
|
|
n |
|
|
|
|
|
(−1)n |
|
||
1). X = { xn : xn = |
|
|
}; 2). X = { xn : xn =1 + |
|
}; |
|||||||
n +1 |
|
|||||||||||
n |
||||||||||||
1 |
1 |
1 |
1 |
|
|
|
||||||
3). X={ xn : xn = |
|
+ |
|
+ |
|
+…+ |
|
}. |
|
|
||
2 |
4 |
8 |
2n |
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
13 |
|
|
|
Задача 2. Приведите примеры числовых множеств X, у которых: a) sup X X; б) sup X X; в) inf Х Х; г) inf Х Х.
Задача 3. Приведите пример числового множестваX, когда inf X = sup X. Задача 4. Приведите пример числового множества X, когда inf Х Х, a
sup X X.
Задача 5. Доказать, что множество Х = {... - 3, - 2, - 1, 0, 1, 2, 3...} всех целых чисел не ограничено ни снизу, ни сверху. В этом случае принято писать, что sup X = + ∞ , а inf X = - ∞.
Задача 6. Доказать, что, каковы бы ни были числа а и b, 0 < а < b, существует такое целое число n > 0, что а n > b.
Задача 7. Пусть X и Y — два непустых множества действительных чисел. Доказать, что если Y X, то: a) sup Y ≤ sup X; б) inf Y ≥ inf X.
Задача 8. Пусть X и Y — два непустых множества чисел, а X+Y – множество всевозможных чисел вида x + y; где x X, y Y. Показать, что sup
(X + Y ) = sup X + sup Y; inf (X + Y) = inf X + inf Y.
Задача 9. Пусть X и Y — два непустых числовых множества неотрицательных действительных чисел, а XY – множество всевозможных чисел вида xy; где x X, y Y. Показать, чтоsup (XY) = (sup X) (sup Y); inf (X·Y) = (inf X) (inf Y).
Задача 10. Пусть X — множество действительных чисел, а -X – множество всевозможных чисел вида y = - x; где x X. Показать, что inf (-X)= - sup X, sup (-X)= - inf X.
Задача 11. Пусть X и Y — два непустых множества неотрицательных действительных чисел, а X-Y – множество всевозможных чисел вида x - y;
где x X, y Y. Показать, что sup (X - Y) = (sup X) – (inf Y).
Задача 12. Решить уравнения и неравенства:
а) | x | = x + 1; б) | x | < x + 1; в) | x - 2| < 3; г) | x - 1| ≥ 2.
Задача 13. Решить уравнения и неравенства:
а) | x |
2 - 5 x + 1| = - (x 2 - 5 x + 1); б) | x 2 -5 x + 6| > x 2 -5 x + 6; в) | |
x |
|
| > |
|||||||
x +1 |
|||||||||||
x |
|
x −1 |
|
x −1 |
|
||||||
|
|
|
|
|
|||||||
|
; г) | |
|
|
| = |
|
. |
|
|
|
||
x +1 |
|
x +1 |
|
x +1 |
|
|
|
Задача 14. Решить уравнения и неравенства:
а) |x + 4| = |x – 4 |; б) | x - 1| + |1 - 2 x| = 2| x |; в) | x - 3| + | x + 3| > 8; г) | x + + 3| - | x + 1| ≤ 2.
Задача 15. Решить уравнения:
а) | sin x | - sin x =2; б) x 2 – 2| x | + 3= 0.
Задача 16. Решить уравнения и неравенства:
а) ||2 - 3 x | - 1| > 2; б) || x | - 2| ≤ 1; в) || x - 1| + 2| = 1; г) || x + 1| - 2| = 2.
Задача17. Решить уравнения и неравенства:
а) |( x 2 + 2 x + 5) + (x - 5)| = | x 2 + 2 x + 5| + | x - 5|; б) |( x 4 - 4 x) - ( x 2 + 2)| = | x 4 - 4 x | - | x 2 + 2|;
14
в) | x 2 - 3 x | > | x 2| - |3 x |.
Задача 18. Решить неравенства:
а) | x 2 - 3 x - 3 | > | x 2 + 7 x - 13|; б) | x 2 - 2 x - 3| < 3 x - 3.
Задача 19. Решить уравнения и неравенства:
а) | x | - 2| x + 1| + 3| x + 2| = 0; б) | x - 1| - | x | + |2 x + 3| > 3 x - 3; в) x 2 - |3 x + 2| + x = 0; г) x 2 + 2| x + 3| - 10 ≤ 0.
2. МЕТОД МАТЕМАТИЧЕСКОЙ ИНДУКЦИИ
Пусть множество M R таково, что: 1) 1 M; 2) каково бы ни было натуральное число n M, то и число n+1 M (таким образом, N M). Тогда,
при выполнении условия M N следует, что М = N.
Следовательно, если мы установим, что утверждение A (x) справедливо при x = 1, и, если из того, что A(x) справедливо при произвольном k N, вытекает его справедливость при k + 1, то утверждение A(x) будет верно при всех n N.
Доказательство, основанное на принципе математической индукции, называется доказательством методом математической индукции. Такое доказательство состоит из двух частей (из доказательства двух самостоятельных теорем):
Теорема 1. Утверждение справедливо для n = 1.
Теорема 2. Если утверждение справедлив для некоторого натурального числа n, то оно справедливо для n + 1 .
Если обе эти теоремы доказаны, то на основании принципа математической индукции утверждение справедливо для всякого натурального n .
Пример 1. Доказать, что
|
1 |
|
1 |
|
1 |
|
n |
|||
Sn = |
+ |
+ |
1 |
+ …+ |
|
= |
|
. |
||
1 2 |
2 3 |
3 4 |
n(n +1) |
n +1 |
Теорема 1. Для n = 1 гипотеза верна, так как S1 = |
1 |
= |
1 |
. |
|
2 |
|
1 +1 |
Теорема 2. Предположим, что гипотеза верна для n = k, т. е. что
|
|
|
|
|
1 |
|
k |
||||
Sk = |
1 |
+ |
1 |
+ |
1 |
+ …+ |
|
= |
|
. |
|
k(k +1) |
k +1 |
||||||||||
1 2 |
2 3 |
3 4 |
Докажем, что тогда гипотеза обязана быть верной и для n = k + 1, т.е.
k +1
что Sk+1 = k + 2 .
Действительно, Sk+1 = Sk + |
1 |
, следовательно, по условию |
(k +1)(k + 2) |
теоремы,
15
Sk+1 = |
k |
|
1 |
|
k 2 + 2k +1 |
|
|
+ |
|
= |
|
. |
|
k +1 |
|
|||||
(k +1)(k + 2) |
(k +1)(k + 2) |
Обе теоремы доказаны. Теперь на основании принципа математиче-
n
ской индукции мы имеем право утверждать, что Sn = n +1 при всяком на-
туральном n.
Замечание 1. Необходимо подчеркнуть, что доказательство методом математической индукции, безусловно, требует доказательства обеих тео-
рем 1 и 2.
n
Решая пример 1, мы выдвинули гипотезу Sn = n +1 , которая (как было
доказано выше) оказалась верной. |
|
|
|
|||
Интересно рассмотреть случай «неверной гипотезы»: |
|
|
|
|||
Sn = |
n +1 |
. |
|
|
(2) |
|
3n +1 |
|
|
||||
При n = 1 формула (2) верна, так как S1 = 12 . |
k +1 |
|
||||
Предположим, что формула (2) верна при n = k, т. е. Sk = |
и вы- |
|||||
3k +1 |
|
числим Sk+1 :
Sk+1 = |
k |
|
1 |
|
k +1 |
|
1 |
|
k 3 +4k 2 +8k +3 |
|
|
+ |
|
= |
|
+ |
|
= |
|
. |
|
k +1 |
(k +1)(k + 2) |
3k +1 |
(k +1)(k + 2) |
(k +1)(k +2)(3k +1) |
k + 2
Вычисленное значение Sk+1 отлично от требуемого ( Sk+1 = 3k + 4 ), т.е.
из справедливости формулы (2) при n = k не следует её справедливость при n = k + 1.
Замечание 2. Если рассматриваемое утверждение верно не только при n = 1, но и в целом ряде частных случаев, то это еще не означает, что утверждение справедливо при всех n N. Действительно, рассмотрим функ-
цию ϕ(n) : N → N : ϕ(n) = n2 + n + 41.
Вычислим несколько первых значений этой функции: ϕ(1) = 43,
ϕ(2) = 47, ϕ(3) =53, ϕ(4) = 61, ϕ(5) = 71, ϕ(6) =83, ϕ(7) = 93. Наблю-
дательный читатель сразу заметит, что полученные числа ( 43, 47, 53, 61, 71, 83, 97) являются простыми числами (т.е. такими, которые делятся без ос-
татка только на 1 и на себя). Продолжим вычисления: ϕ(8) =113, ϕ(9) =131, ϕ(10) =151. Числа 113, 131 и 151 так же являются простыми и вполне естественно возникновение гипотезы: «Для любого натурального числа n число ϕ(n) является простым числом».
16
Более того, большинство читателей абсолютно уверено, что обозна-
ченная гипотеза уже доказана. Хотя простая проверка ϕ(40) = 412 разру-
шает это предположение.
Рассмотренный пример позволяет сделать простой и в то же время важный вывод: Если утверждение справедливо в целом ряде частных случаев, то это не означает, что оно справедливо всегда.
Таким образом, метод математической индукции позволяет в поисках общего закона испытывать возникающие при этом гипотезы, отбрасывать ложные и утверждать истинные.
Примеры с решениями
Пример 2. Вычислить сумму первых n нечётных чисел. Решение. Обозначим искомую сумму Sn, т. е.
Sn = 1 + 3 + 5 + 7 +…+ ( 2n - 1).
Придаём n последовательно значения 1, 2, 3, ... до тех пор, пока у нас не накопится достаточно материала, чтобы на основе его построить более или менее надёжную гипотезу. Имеем
S1 = 1, S2 = 4, S3 = 9, S4 = 16, S5 = 25, S6 = 36.
Теперь всё зависит от наблюдательности решающего задачу и от его способности за частными результатами увидеть общий.
Полагаем, что в данном случае легко заметить, что
S1 = 12, S2 = 22, S3 = 32, S4 = 42, S5 = 52.
На основе этого можно предположить, что Sn = n2. Докажем, что выдвинутая гипотеза справедлива. Теорема 1. При n = 1 гипотеза справедлива, т.к. S1 = 1 = 12.
Теорема 2. Допустим, что гипотеза верна для n = k, т.е. Sk = k2. Докажем, что тогда гипотеза должна быть верна и для n = k + 1, т.е. Sk+1 = (k + 1)2.
Действительно,
Sk+1 = Sk + (2k + 1) = k2 + (2k + 1) = (k + 1)2,
что и требовалось доказать.
Пример 3. Доказать, что сумма n первых чисел натурального ряда рав-
n(n +1)
на 2 .
Решение. Эта задача отличается от предыдущих задач тем, что гипотезу здесь строить не надо, она дана. Нужно только доказать, что гипотеза верна.
Обозначим искомую сумму Sn, т. е. Sn = 1 + 2 + 3 + 4 +…+ n. Теорема 1. При n = 1 гипотеза верна.
|
Теорема 2. Пусть Sk = 1 + 2 + 3 + 4 +…+ k = |
k(k +1) |
. Покажем, что Sk+1 |
|
|
2 |
|||
|
(k +1)(k + 2) |
|
|
|
= |
. Действительно, |
|
|
|
2 |
|
|
||
|
|
|
|
17
Sk+1 = Sk + (k + 1) = |
k(k +1) |
+ (k + 1) = |
(k +1)(k + 2) |
. |
|
2 |
2 |
||||
|
|
|
Задача решена.
Пример 4. Доказать, что сумма кубов трёх последовательных натуральных чисел делится на 9.
Решение. Сумма 13 + 23 + 33 делится на 9. Значит, утверждение справедливо, когда первым из трёх последовательных натуральных чисел является 1.
Пусть сумма k3 + (k + 1)3 + (k + 2)3, где k - некоторое натуральное число,
делится на 9. Выражение
(k + 1)3 + (k + 2)3 + (k + 3)3 = (k + 1)3 + (k + 2)3 + k3 + 9k2 + 27k + 27 = = [k3 + (k + 1)3 + (k + 2)3] + 9 (k2 + 3 + 3)
представляет собой сумму двух слагаемых, каждое из которых делится на 9, а следовательно, и вся сумма тоже делится на 9.
Задачи для самостоятельного решения
Задача 1. Найти сумму
Sn= 1 + 2 + 22 + 23 +… +2n-1.
Задача 2. Доказать, что для каждого натурального n верно равенство
1 2 + 2 5 +…+ n (3n-1) = n2 (n + 1).
Задача 3. Доказать, что для каждого натурального n верно равенство
12 + 22 + 32 +…+ n2 = n(n +1)(2n +1) .
6
Задача 4. Доказать, что для каждого натурального n верно равенство
12 + 32 + 52 +…+ (2n-1)2 = |
n(4n2 −1) |
. |
|
3 |
|||
|
|
Задача 5. Доказать, что для каждого натурального n верно равенство
1 2 + 2 3 + 3 4 +…+ (n - 1) n = (n −1)n(n +1) .
3
Задача 6. Доказать, что для каждого натурального n верно равенство
13 + 23 + 33 +…+ n3 |
n(n +1) |
2 |
||
= |
2 |
. |
||
|
|
|
|
Задача 7. Доказать, что при каждом натуральном n число 5 23n-2 + 33n-1 делится на 19.
Задача 8. Доказать, что при каждом натуральном n число n (2 n2 - 3n + 1) делится на 6.
Задача 9. Доказать, что при каждом натуральном n число n5 – n делится
на 5.
Задача 10. Доказать, что для каждого натурального n верно равенство
18
1 |
|
1 |
|
1 |
|
n |
|
|
+ |
|
+ …+ |
|
= |
|
. |
1 3 |
3 5 |
(2n −1)(2n +1) |
2n +1 |
Задача 11. Доказать, что для каждого натурального n верно равенство
1 |
|
1 |
|
1 |
|
1 |
|
n |
|
|
+ |
|
+ |
|
+ …+ |
|
= |
|
. |
1 4 |
4 7 |
7 10 |
(3n −2)(3n +1) |
3n +1 |
Задача 12. При каких натуральных n справедливо неравенство 2n > n2 ?
Задача 13. Доказать неравенство: α > −1 n N : (1 +α)n ≥1 + nα (неравенство Бернулли).
Задача 14. Доказать, что n N : 1 + 212 + 312 + + n12 ≤ 2 − 1n .
Задача 15. Доказать, что n N : 2n > n.
3. ВАРИАНТЫ ЗАДАНИЙ, ПРЕДЛАГАВШИХСЯ НА ПЕРВОЙ РУБЕЖНОЙ АТТЕСТАЦИИ СТУДЕНТАМ 1 КУРСА
ФКН ВГУ В ПРЕДЫДУЩИЕ ГОДЫ
Вариант № 1 Задание 1. Лемма о вложенных промежутках.
Задание 2. Теорема о существовании inf ограниченного снизу числового множества.
Задание 3. Определение inf числового множества.
Задание 4. Пусть E= U Eα , при каждом α A существует sup Eα = yα и
α A
существует sup yα = y0. Показать, что y0 = sup E.
Задание 5. Найдите АВ, АВ, ВА, АВ, если А = {- 1; 0; 1; 2; 3}, В =
{ 2; 3; 4; 5}.
Задание 6. Решите неравенство: | x | > | x + 1 |.
Задание 7. Найдите inf X и sup X, если X = {xn : xn = 3 sin4n, n N}. Задание8. Приведитепример множестваХтакого, чтоinf X = 0 иsup X = 3. Задание 9. Пусть Х непустое, ограниченное множество, - Х – множест-
во элементов вида х (х Х). Докажите, что inf (–X)= - sup X.
Задание 10. Докажите с помощью метода математической индукции, что n2 - 6n + 12 > 0 для любого n N.
Вариант № 2 Задание 1. Лемма о вложенных промежутках.
Задание 2. Теорема о существовании sup ограниченного сверху числового множества.
Задание 3. Определение sup числового множества.
19
Задание 4. Покажите, что из того факта, что для х ≥ 0 неравенство n х ≤ у выполняется при всех n N, вытекает, что х = 0.
Задание 5. Найдите АВ, АВ, ВА, АВ, если А = {-1; 0; 1; 2; 3; 4; 5; 6},
В= { 2; 3; 4; 5}.
Задание 6. Решите неравенство: |x + 2| + |x - 1| ≤ 12.
Задание 7. Найдите inf X и sup X, если X = {xn: xn = 0,5cos7n, n N}. Задание8. ПриведитепримермножестваХтакого, чтоinf X = -1 иsup X = 2. Задание 9. Пусть Х непустое, ограниченное множество, -Х – множество
элементов вида –х (х Х). Докажите, что sup (–X) = - inf X.
Задание 10. Докажите с помощью метода математической индукции, что 6n - n2 - 12 < 0 для любого n N.
Вариант № 3 Задание 1. Лемма о вложенных промежутках.
Задание 2. Теорема о существовании inf ограниченного снизу числового множества.
Задание 3. Определение множества, ограниченного сверху.
Задание 4. Докажите, что X \ ( αIB A α ) = αUB (X \ A α ).
Задание 5. Найдите АВ, АВ, ВА, АВ, если А = {-1; 0; 1; 2; 3}, В =
= {-3; -2; -1; 0; 1; 2; 3; 4; 5}.
Задание 6. Решите неравенство: | 2 х - 1| < | x – 1 |.
Задание 7. Найдите inf X и sup X, если X = {xn: xn = 3sin n3 , n N}.
Задание 8. Приведите пример множества Х такого, что inf X = - 2 и sup X = 2.
Задание 9. Пусть Х, Y непустые, ограниченные множества, Z – множество элементов вида z = x + y (х Х, y Y). Докажите, что inf Z = = inf X + inf Y.
Задание 10. Докажите с помощью метода математической индукции, что 10 - 3n - n2 ≤ 0 для любого n ≥ 2, n N.
Вариант № 4 Задание 1. Лемма о вложенных промежутках.
Задание 2. Теорема о существовании sup ограниченного сверху числового множества.
Задание 3. Определение множества, неограниченного сверху.
Задание 4. Докажите, что X \ ( αUB A α ) = αIB (X \ A α ).
Задание 5. Найдите АВ, АВ, ВА, АВ, если А = { -1; 0; 1; 2; 3}, В=
= { -3; -2; -1; 0}.
Задание 6. Решите неравенство: | х + 2 | - | x – 3 | > -5.
20